tkr.kiel

Aber nicht die von ALDI, die reissen so schnell, du musst bedenken son paar 500er-Bündel sind ganz schön schwer! Ich wäre dafür das wir einen LKW besorgen Gruß Thomas

Hallo Mandy16, entschuldige bitte meine Unvollkommenheit und ich bitte vielmals um Verzeihung, aber ich wusste es nicht besser (ich weiss: unwissenheit schützt vor Strafe nicht ... ) Na nun bin ich ein wenig schlauer und stelle in meinem Jungendlichen Leichtsinn fest das 24 Coups Auf Grund meiner Naivität nicht sein kann... Denn wenn ich so rechne: 4 x 1er = 4 2 x 2er = 4 1 x 3er = 3 also 11+1 =12 Coups gilt das für eine EC! Da ich aber zwei habe muss ich das mal 2 nehmen = 22 (24) Coups In der Regel gehe ich von einer bestimmten Serie einer EC aus, nun mischen sich diese EC aber Auf Grund dessen, dass wir ja 2 davon haben, also kann man doch sagen, das jede Figur einer 3-Figur in mindestens 33 (36) Coups auftreten sollte (muss), oder ist es mit der Figurenverteilung, wie du Mandy16 schon beschrieben hast erfüllt? Ich Frage anders: Wieviele Figuren sollten im Idealfall auf Grund der Wahrscheinlichkeit sich bilden bei einem Maximum einer 3er-Serie? Ein Beispiel: ich möchte gerne die 3er-Figur RSR bespielen! Ist diese Figur nun als Serie (Figur) zu betrachten oder kommt sie durch die einer der beiden EC vor? Mir geht es darum, herauszufinden, wieviele Coups für das Maximum einer beliebigen 3er-Figur (Serie) benötigt werden und da gibbet meines erachtens nach mehr als 24 Coups, es sei denn die Intermittenzen der 1er-Coups werden als Serie (Figur) gewertet. Ich bin verwirrt..., aber ich denke, entweder ist das allen Klar, weil da leider so wenig Echo kommt, oder allen Leuten geht ein Licht auf und sie schweigen deswegen weil Sie merken, das dieses WK-gerechne was Sie jahrelang gemacht haben nun doch nicht so auf die Praxis zutrifft wie gedacht ... Nachtrag: Ich komme jetzt auf die Zahl 48 für das erscheinen aller 3er-Figuren inkl. der zugehörigen 2er und 1er. 8 Figuren à 3 Coups x 1 = 24 Coups 4 Figuren à 2 Coups x 2= 16 Coups 2 Einer à 1 Coups x 4 = 8 Coups Summe 48 Coups! Gruß Thomas

Hallo Optimierer, in einem Punkt wirst du mir jedoch recht geben, oder? Die Wahrscheinlichkeit eines Ausbleibens von der 17. bis zur 25. Zahl ohne Wiederholer ist eindeutig geringer als bei einer einfachen Chance das 48,65 : 48,65 : 1,35 oder hab ich schon wieder FenkDehler? 1. die 1,35% kann ich streichen, denn sie kann zu meinen Zahlen gehören..., dafür aber nur 35-fache Auszahlung... also doch behalten... Wenn ja isses wohl meine Hoffnung und mein Wunschdenken was mich steuert.... das bringt mich auch schon auf eine neue Idee ums Billiger zu machen! Bespielt wird eine 7er-Serie einer EC ohne Zahlendoppel innerhalb der Serie. Alle in der Serie erschienen Zahlen werden gespielt und auf der Gegenchance (EC) muss der Einsatz 3 mal so hoch sein! Gruß Thomas

Jepp, Danke aber alles schon bekannt Gruß Thomas

Entweder man hat oder hats nicht Optimierer... Gib mir lieber ne x2 oder so... Gruß Thomas

Hey Wenke, vielen Dank für die Listen! Werde mir die Mal zu Gemüte führen und selber ein wenig Experimentieren. Die Listen sind eigentlich selbsterklärend, wenn man ein wenig rumprobiert ums zu verstehen! Danke und Gruß Thomas

Moin Revanchist, ein Platzer bedeutet in meinem Spiel: genau 8585 Stücke oder Euro... Wobei ich mich nun dazu entschieden habe die letzten 17 zahlen zu bespielen und dann jeweils mit Verdopplung (Martingale) zu progressieren, also... 1 x 17 = 17 2 x 17 = 34 +17 = 51 4 x 17 = 68 + 51 =119 8 x 17, usw... bis Tischmaximum 250... Also wird mich ein Platzer beim 25. Coup 8585 Stücke kosten. Um das im Minimum wieder reinzukriegen müsste ich also ca. 505 bis ca. 53 Spiele gewinnen ohnen Platzer! Gruß Thomas

Hallo Leute, Auf Grund der letzten Diskussionen in einigen Threads, bin ich mir momentan noch ein wenig im unklaren wie die Serienberechnung funktioniert und was sie wirklich aussagt! Bekanntlich kommt auf ca. 11 Coups eine 3er-Serie (Figur) 4x 1er = 4 2x 2er = 4 1x 3er = 3 entspricht 11 Coups... Das Gilt meiner Meinung jedoch nur für EINE einfach Chance, oder? Wenn ich nun nur von einer Serie auf Rot ausgehe komme ich ggf. mit 11 Coups hin.... Da beim Roulette jedoch immer eine Gegen-Chance besteht muss ich das ganze doch mal 2 nehmen? Oder gar mal drei? Da eine Figur wie zum Beispiel RSR oder SRS ebenfalls eine 3er-Figur (Serie) ist. Wenn ich nun eine einzige 3er Figur aus den mir möglichen Chancen ermitteln möchte muss ich das ganze doch mindestens mal zwei nehmen, sprich eine bestimmte 3er-Serie ist mit grosser Wahrscheinlichkeit innerhalb von 22 Coups (11 x Rot und 11 mal Schwarz, ohne Zero) zu finden. Oder ist eine 3er-Figur wie die bereits oben genannte RSR oder SRS ebenfalls eine Figur die mit einbezogen werden muss, dann kommt eine bestimmte 3er-Figur also in ca. 33 Coups einmal vor. Oder kann dieser Ansatz vernachlässigt werden, da sich die 3. Figur aus den Intermittenzen und kleinen Serienbildungen (RSR -> Intermittenz, RSS -> Intermittenz und 2er-Serie) bildet? Wäre nett, wenn mich jemand in diesem Gedankenexperiment unterstützt... Gruß Thomas

Das ist ein sehr guter Tipp Mandy, Danke! Werde mich da auch gleich mal ranmachen das zu Analysieren... ist einfach billiger... Gruß Thomas

Achso rechnest du das, ich bin von den jeweils letzten 7 Zahlen ausgegangen die ich alle mit einem Stück setzen würde... Wie hoch wäre denn die Wahrscheinlichkeit, wenn ich immer die letzten 7 Zahlen setze? Gruß Thomas

Ich weiß ja jetzt nicht, ob du bereits einige meiner Threads verfolgt hast, aber ich denke mit WK-Theorie und anderer Mathematik kann man sich beim Roulette nicht viel erklären, nur ggf. den Durchschnitt, aber nach Deiner Rechnung müsste ich auf 100 Spiele 55 treffen und damit dauerhaft im Plus landen, da ich ja nur 100*8 stücke setze, aber 55*35 zurückerhalte = -800 + 1925 = +1125 Stücke ... das geht aber nicht, also liegt die Wahrscheinlichkeit bei meinem Rechenbeispiel vorhin bei 21,6.. % für die 8 Zahlen, welches mir einleuchtender Scheint. (100*-8=-800 -> 21,6*35 = 756 -> -800 + 756 = -44 (entspricht -5,5 %)) Denn jedes Erscheinen ist gleichwertig mit 2,7%! Gruß Thomas

Hallo Gerhard, diese Berechnung mag ja stimmen, deutet mir aber nicht bzw. leuchtet mir aber nicht ein warum es gerade der 7. Coups sein soll, doch ich habe Deine Aufzählung verstanden und das der 7. Coup die höchste Wahrscheinlichkeitswert hat, aber das ist nur Mathematik und ich denke das es in der Realität anders aussieht, weil sonst müsste ich ja wirklich nur die letzten 8 Zahlen spielen und ggf. Progressieren und hätte einen dauerhaften Vorteil gegenüber anderen Spielweisen, was ja nicht der Fall ist... sonst hätten wir dauergewinner.... Gruß Thomas

Obwohl du bei den Favoriten auch das Problem hast, dass sie ggf. schnell als restanten abtauchen! Es stehen meines erachtens schlecht laufende Zahlen (ca. 12) gegenüber gut aufenden Zahlen (24) gegenüber... Ich habe mir nun 18 Zahlen ausgesucht, die alle erschienen sind und jede Neue wird davorgesetzt und die "letzte" rausgeschmissen, so dass ich immer 18 Zahlen habe, mit denen ich spiele... Ich habe bisher kein Analyse gehabt wo ich nicht mindesten 20 Stücke gewonnen habe! also keinen Platzer, ich forsche aber weiter bis der Platzer kommt -> versprochen! Gruß Thomas

Kannst du das belegen anhand von Mathematischen Berechnungen? Warum sollte es so sein? Denn die Wahrscheinlichkeit für eine Wiederholung an 1. Stelle liegt bei 2,7% für die 2. ebenfalls, usw... Macht bei mir 8*2,7 = 21,6% und nicht >50% Oder zählt hier schon das 2/3 Gesetz mit rein? Wenn ja wie lautet die Formel zur Berechnung... Wenn dem so wäre was Du schreibst RCEC, hätten wir das RouletteProblem gelöst, wir müssen immer nur den 7(8) Coup setzen und dann mit Progression für lange Strecken... Wir wären Dauergewinner... Gruß Thomas

Hallo Relieves, um die EC geht es mir nicht, die hab ich nur als Vergleich genommen, da EC's ebenfalls aus 18 Zahlen bestehen! Und da bringt mir eindeutig das 2/3 Gesetz nix! Oder doch, denn oftmals beobachte ich, daß die vorherige dominierende EC schleichend bis ca. 10 bis 20 Coups fortsetzt. Aber bei Zahlen die lt. dem 2/3 Gesetz bereits mehrmals erschienen sind und/oder noch erscheinen werden kann ich mir einen theoretischen Vorteil gedanklich ausmalen, ich streite ja nicht ab, das es mir keinen Vorteil bringt. Aber wenn so wie RCEC schon sagt bereits in diesen 18 Zahlen mehrere vorgekommen sind, habe ich dennoch immer Zahlen die totale Restanten sind und daher nie von mir bespielt werden und auch nicht so schnell kommen, also hab ich Theoretisch einen Gedanklichen Vorteil gegenüber einer EC, denke ich! @RCEC Rechnerisch magst du recht haben und auf Dauer wird es ebenfalls in die Hose gehen, genau wie "alles" andere! Aber ich sehe da noch eine Vorteil, und zwar das auch bei ca. 24 Coups immerhin die Höhere wahrscheinlichkeit besteht Auf Grund dieses 2/3-Gesetzes, dass die von mir gespielten Zahlen öfters kommen als die Restanten und ich somit doch öfter treffen müsste, oder? Bisher sind alle meine Computeranalysen ins Plus gekommen, solange ca. 500 stücke Kapitaleinsatz nicht überschritten wurden. Und mit einer Progression bei Gewinn hab ich die besten Ergebnisse erzielt. Gruß Thomas

Hallo, es ist doch so, dass sich auf 24 Zahlen mehrere zeigen und damit sollte ich von der Logik her, einen Vorteil haben, da ich immer 2/3 der gut erscheinenden Zahlen spiele?! Oder wo liegt der Denkfehler? Gruß Thomas

Wenn Du schon so sparsam bist, dann ich auch: Warum nicht? Gruß Thomas

Hallo Liebe Forumsgemeinde, mich interessiert ob es einen messbaren Vorteil des Spiels auf die letzten verschiedenen 18 gefallenen Zahlen gibt gegenüber dem Spiel auf EC auf Grund des 2/3 Gesetzes? Ein Beispiel: Ich spiele auf den EC, es kommt schwarz ich will nachsetzen, es kommt jedoch rot, ich verliere, ich kann natürlich auch Glück haben und gewinnen! Die Wahrscheinlichkeit das Rot oder Schwarz kommt liegt bei ca. 48,65% Wie sieht es mit der Wahrscheinlichkeit bei 18 unterschiedlichen vorher gefallenen Zahlen aus? Ist die Wahrscheinlichkeit auf Grund des 2/3-Gesetzes genauso groß wie auf den EC, nämlich ebenfalls 48,65%? Oder kann ich Auf Grund des 2/3-Gesetzes davon ausgehen, dass mit einer höheren Wahrscheinlichkeit meine Zahlen kommen? Gruß Thomas

Ebenfalls, ja natürlich, dass iss nur noch nich zu Danny vorgedrungen und um ihr Weltbild nicht zu zerstören, schwimme ich mit dem Strom! Gruß Thomas

Doppelt....

Hallo Danny, Empirisches Wissen oder Mathematisch berechnet? Ich Frage nur, weils mir mit der WK-berechnung nicht so gut liegt und meine Empirischen Beobachtungen eher zwischen dem 7. und 11. Coup liegen! Aber wenn Du deinen Satz wörtlich nimmst haben wir sogar 2 Übereinstimmungen und zwar die 7 und 8.... Und dennoch bringt es uns keinen Vorteil, da gleichverteilung aller Ziffern! sonst hätten wir das Rouletteproblem gelöst, nech... Gruß Krabbenangler

Das hab ich auch nicht abgestritten! Nur mein Gefühl sagte mir das es da noch was anderes gibt... Welches ggf. durch "zufall" vermehrt aufgetreten war 1 x RRRR 2 x RR =2maliges erscheinen einer Serie der Länge 4 ergibt folgende Komination: RRRR RR+RR = RR RR 1 x RRSS 2 x RR 2 x SS =3maliges erscheinen einer Serie der Länge 4 Ergibt folgende Kombination: RRSS RR + SS RR + SS Gruß Thomas

Mit "oder so" meinte ich nur, das auch die anderen "FIGUREN" vorkommen können, wollte mich nicht auf RRSS festlegen damit, mehr nicht!

Hallo Mandy, ich weiss dass ihr Rechnerisch Recht habt, weil meine Annahme auf Empiriesche Analysen beruhen, aber dennoch kommen EINER häufiger vor als diese Serien, klar durch das Potenzieren wird die Häufigkeit des Erscheines einer längeren Serie niedriger 8 x 1er 4 x 2er 2 x 3er 1 x 4er usw.... aber genau deswegen behaupte ich ja das eine 4er-Figur nach dem Bild RRSS oder so häufiger vorkommt als nur RRRR oder SSSS! Denn das ein zweier sich bildet ist nach o.g. Beispiel 2 mal so wahrscheinlich wie eine 4-Figur! Wenn nun beide 2er also RR und SS sich entschliessen hintereinander zukommen ist meines erachtens nach die Wahrscheinlichkeit grösser, das diese Figur mehrmals kommt als 1 mal RRRR oder 1 mal SSSS Es mag sein, dass ich das vertüddel weil im Prinzip die gleichen Bedingungen ebenfalls aus 2 mal RR und RR zutreffen, nur mit einem Unterschied! Diese Figur RR erscheint nur 4 mal auf o.g. Coups während im anderen Fall 4x SS und 4 xRR = 8 mal erscheinen kann! Verstehst Du meinen Zwiespalt? Gruß Thomas

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